AI是能帮着写代码实现，但算法思路、逻辑思维、边界情况这些，AI替不了你。真到面试、比赛或者写复杂项目的时候，底子够不够，个人有没有真材实料，一眼就看出来了。有哪些适合刷题的网站或平台？分享一些刷题的技巧和方法如何制定有效的刷题计划？

先把原图里本来就连在一起的点分成几团，每一团只记住团内最大的点权。 接下来要把这些团连成一个大团，最省钱的做法就是让最大点权那一团当中心，把其他团一个个接过来。这样总花费就是所有团最大点权加起来，再减去最大的那个。 void solve(){ int n,m;cin>>n>>m; vi a(n+1); for(int i=1;i<=n;++i)cin>>a[i]; vi fa(n+1),sz(n+1,1); for(int i=1;i<=n;++i)fa[i]=i; auto fd=[&](auto &&self,int ...

先算全没中，再用一减掉。 每个池子没中是 ，全乘后取模就行。 void solve(){ int n;cin>>n; vll a(n),b(n); for(int i=0;i<n;++i)cin>>a[i]; for(int i=0;i<n;++i)cin>>b[i]; ll p=1; for(int i=0;i<n;++i){ p=p*((a[i]-b[i])%MOD)%MOD; p=p*modinv(a[i])%MOD; } ll ans=(1-p+MOD)%MOD; cout<<ans<<endl; }

这题其实不用看整段区间，只要看相邻两个数就够了，因为想让区间里的最大值尽量大，最后只会落到某一对相邻元素上。 于是直接枚举每一对相邻数，算出这两个数的 mex，再取“max−mex”的最大值，答案就是这样。 void solve(){ int n;cin>>n; vi a(n); for(int i=0;i<n;++i)cin>>a[i]; ll ans=-LINF; for(int i=0;i<n-1;++i){ int x=a[i],y=a[i+1]; bool has0=(x==0||y==0); bool has1=(x==1||y==1); int...

最近都在 vibe coding 做开发，一些个人小项目小网站，平时想到什么 idea 就先记下在备忘录，有空就构思一下怎么实现这个功能，然后发给 AI 大人生成项目，再自己微调，不会调的接着 AI 修改。之前有发帖提到过的校队管理系统也是在 vibe coding 的推动下顺利落地，现在就是跟着“甲方”的需求进行后续的修改和完善。

赶项目赶进度的时候会靠 AI 帮忙提速，专业课遇上啃不动的难点也会去求助，做课程 PPT 找思路也会用上，再加上平时一些大小事里的问题咨询，一天下来也会点开好几次，基本都是碰到难题的时候就“AI 大人会出手～”

我觉得大二下到大三上开始实习真的刚刚好，太早去专业课都没学明白，大多只能打打下手，太晚又会错过校招的最佳准备期，既能夯实基础，攒下的实习经历还能直接用在求职上，而且大一大二还在打竞赛，鱼与熊掌不可兼得哇。

如果人生可以debug，我很想改掉之前总拖延摸鱼、不肯踏实深耕的那一行。明明有大把时间去打磨技术、积累经验，却总想着偷懒敷衍，干一分钟就刷一个钟短视频，如今只能熬夜追赶进度，要是能重新选择，一定沉下心踏实往前走，少点浮躁。

一看到“末尾有几个 ”，就能想到只和因子  有关,子段答案就是  然后套路是把“恰好 ”改成“至少  减至少 ”，前缀和配双指针线性统计就行。 void solve(){ int n;ll k;cin>>n>>k; vi a(n+1); for(int i=1;i<=n;++i)cin>>a[i]; vll p2(n+1),p5(n+1); for(int i=1;i<=n;++i){ int x=a[i],c2=0,c5=0; while(x%2==0){ x/=2; ++c2; } while(x%5==0){ x/=5; ++c5; } p...

核心思路：你一进某个点，就只会保留和它同类型的点，所以你最终能活动的范围，其实就是“同类型点构成的子图里，你所在连通块的大小”。 做法很直接：在原树上按类型分开跑连通块（0 和 1 各自连），算出每个点所属连通块大小，取最大值，把所有块大小等于最大值的点输出即可。 void solve(){ int n;cin>>n; vi a(n+1); for(int i=1;i<=n;++i){ cin>>a[i]; } vvi g(n+1); for(int i=1;i<=n-1;++i){ int u,v;cin>>u>>v; g[u].p...

E-我数呢   首先，这题大意就是输出一个最小的三位回文数，且三个数位上的数加和为十，所以直接输出181即可；  其次，这题还藏了一个ABA在题面中:   ① 先在浏览器中,通过 F12 打开开发者工具；   ② 使用面板左上角的选中元素工具，左键题面中“三位之数，正反同形。”这串文字对应的区域；   ③ 然后在元素面板中，展开类名为“subject-question”的 div 容器的代码，可见有一行<span style="position:absolute;left:-9999px;top:auto;width:1px;height:1px;overflow:hidden;"&gt...

先从 x 做一遍 BFS，把每个点到 x 的距离分层统计成 c[d]；题目要求锚点距离严格递增，其实就是“每一层最多选 1 个点”。 所以答案就是从这些层里选 k 层、每层选一个点的方案数：做个 0/1 背包 DP，遇到第 d 层就把 f[j] 转移到 f[j+1] 并乘 c[d]，最后 f[k] 就是答案。 void solve(){ int n,m,q,x;cin>>n>>m>>q>>x; vi h(n+1,-1),to(2*m),ne(2*m); int tt=0; for(int i=1;i<=m;++i){ int u,v;cin...

好路径的条件是“既要有小于等于 a 的点，又要有大于等于 b 的点”，那就把不好的先删掉：要么整条路都 >a，要么整条路都 <b。 所以答案=总路径数-两种坏路径，再把重复减掉的“整条路都在 (a,b) 里”加回去；而“某种条件下的路径数”在树上就是把符合条件的点分连通块，每块贡献 sz*(sz+1)/2。 void solve(){ int n,a,b;cin>>n>>a>>b; vll w(n+1); for(int i=1;i<=n;++i)cin>>w[i]; vvi g(n+1); for(int i=1;i<n...

ovo 的中间一定是个 v，那就别纠结整串，盯着每个 v 看它能配出多少组。 如果最后一共放了 k 个 o，当前前面已经有 j 个 o，那这个位置放 v 的贡献就直接是 j*(k-j)；所以做个 DP，边走边决定这位放 o 还是 v，把贡献最大化。 void solve(){ string s;cin>>s; int n=(int)s.size(); int c0=0,cq=0; for(int i=0;i<n;++i){ if(s[i]=='o')++c0; else if(s[i]=='?')++cq; } ll ans=0; for(int i=c0;i<=c0+...